我的shell名称是test.sh，我想输出所有传递给test.sh的参数，但是我发现我的代码无法正常工作。
#!/bin/bash
i=1
num=$#
while [ $i -le $num ]; do
echo $($i)
((i++))
done
当我运行时./test.sh -a -b -c，我的预期输出是：
-a
-b
-c
但是，它告诉我
./test.sh: line 5: 1: command not found
./test.sh: line 5: 2: command not found
./test.sh: line 5: 3: command not found
如何解决此问题并使用echo命令输出所有参数？
您正在寻找变量间接：
#!/bin/bash
i=1
num=$#
while [ $i -le $num ]; do
echo ${!i} # <--- print the content of $1, $2...
((i++))
done
执行后，将返回：
$ bash test.sh -a -b "-c d"
-a
-b
-c d
如果parameter的第一个字符是感叹号（！），而parameter不是nameref，则它引入了一个变量间接寻址级别。Bash使用由其余参数形成的变量的值作为变量的名称；然后扩展此变量，并在其余替换中使用该值，而不是参数本身的值。这称为间接扩展。如果parameter是nameref，则扩展为parameter引用的变量的名称，而不是执行完整的间接扩展。例外是$ {！prefix *}和$ {！name [@]}的扩展，如下所述。感叹号必须紧随左括号之后才能引入间接指示。
如果您希望使其更为冗长，请显示${1..n}到其值的映射：
#!/bin/bash
i=1
num=$#
while [ $i -le $num ]; do
printf "$%s = %s\n" "$i" "${!i}"
((i++))
done
查看输出：
$ bash test.sh -a -b "-c d"
$1 = -a
$2 = -b
$3 = -c d
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